Допомога у написанні освітніх робіт...
Допоможемо швидко та з гарантією якості!

Диференціальні рівняння першого порядку, розвязані відносно похідної (реферат)

РефератДопомога в написанніДізнатися вартістьмоєї роботи

Припустимо, що диференціальне рівняння має однопараметричне сімейство інтегральних кривих (x, y, C) = 0. Тоді, якщо це сімейство має обвідну, тобто лінію, яка в кожній точці дотикається сімейства і ні на якому участку не співпадає ні з одною кривою сімейства. Ця обвідна і буде особливим розв’язком. Дійсно через довільну її точку проходить по крайній мірі два розв’язки: обвідна і сам… Читати ще >

Диференціальні рівняння першого порядку, розвязані відносно похідної (реферат) (реферат, курсова, диплом, контрольна)

Реферат на тему:

Диференціальні рівняння першого порядку, розв’язані відносно похідної.

1. Поняття диференціального рівняння, його порядок.

Означення 2.1. івняння вигляду.

f ( x , y , dy dx , . . . , d n y dx n ) = 0 (2.1).

називається диференціальним рівнянням (наявність похідних тут обов’язкова).

Означення 2.2.айбільший порядок похідної, яка входить в диференціальне рівняння (2.1) називається порядком диференціального рівняння.

Означення 2.3.ункція y ( x ) називається розв’язком (або інтегралом) диференціального рівняння (2.1), якщо вона n-раз неперервно диференційовна на деякому інтервалі ( a , b ) = I і задовільняє диференціальному рівнянню (2.1) x I .

Приклад 2.1.ath xmlns="http://www.w3.org/1998/Math/MathML" display="block" >y''+3xy'+2y=x2 — диференціальне рівняння другого порядку.

При n = 1 диференціальне рівняння (2.1) називається диференціальним рівнянням першого порядку і позначається.

F ( x , y , y ' ) = 0 . (2.2).

Диференціальне рівняння (2.2) називається розв’язаним відносно похідної, якщо його можна представити у вигляді.

dy dx = f ( x , y ) . (2.3).

Припускаємо, що f ( x , y ) однозначна і неперервна в деякій області D змінних x, y. Цю область називають областю визначення диференціального рівняння (2.3).

Якщо в деякій області функція f ( x , y ) перетворюється в , то розглядають диференціальне рівняння.

dx dy = 1 f ( x , y ) .

Множину таких точок, а також тих, в яких f ( x , y ) не визначена, але може бути довизначена до неперервності, будемо приєднувати до області визначення диференціального рівняння (2.3).

Поряд з (2.3) будемо розглядати еквівалентне диференціальне рівняння, записане в диференціалах.

dy - f ( x , y ) dx = 0 , (2.4).

або в більш загальному виді.

M ( x , y ) dx + N ( x , y ) dy = 0 (2.5).

Інколи розглядатимемо диференціальне рівняння в симетричній формі.

dx X ( x , y ) = dy Y ( x , y ) (2.6).

Функції M ( x , y ) , N ( x, y ) , X ( x, y ) , Y ( x, y ) будемо вважати неперервними в деякій області.

Означення 2.4.озв'язком диференціального рівняння (2.3) в інтервалі І назвемо функцію y = ( x ) , визначену і неперервно диференційовну на І, яка не виходить з області означення функції f ( x , y ) і яка перетворює диференціальне рівняння (2.3) в тотожність x I , тобто.

d ( x ) dx f ( x , y ( x ) ) , x I .

Розв’язок y = ( x ) називається розв’язком, записаним в явній формі (вигляді).

Процес знаходження розв’язку диференціального рівняння називається інтегруванням.

Не завжди можна отримати розв’язок в явному вигляді.

Означення 2.5.удемо говорити, що рівняння.

( x , y ) = 0 (2.7).

визначає в неявній формі розв’язок диференціального рівняння (2.3), якщо воно визначає y = y ( x ) , яка є розв’язком диференціального рівняння (2.3).

При цьому на розв’язках диференціального рівняння (2.3) виконується.

x ' ( x , y ) + y ' ( x , y ) dy dx = x ' ( x , y ) + y ' ( x , y ) f ( x , y ) 0 , x I . (2.8).

Означення 2.6удемо говорити, що співвідношення.

x = ( t ) , y= ( t ) (1.9).

визначають розв’язок диференціального рівняння (2.3) в параметричній формі на інтервалі ( t 0 , t 1 ) , якщо.

' ( t ) ' ( t ) f ( ( t ) , ( t ) ) , t ( t 0 , t 1 ) . (2.10).

  1. 2.Задача Коші.

Розглянемо диференціальне рівняння (2.3). Задача Коші заключається в тому, щоб серед всіх розв’язків диференціального рівняння (2.3) знайти такий y = y ( x ) , який проходить через задану точку.

y ( x 0 ) = y 0 (2.11).

Тут x 0  — початкове значення незалежної змінної, y 0  — функції.

Розв’язати задачу Коші з геометричної точки зору означає (рис. 2.1): знайти серед усіх інтегральних кривих диференціального рівняння (2.3) ту, яка проходить через задану точку M ( x 0 , y 0 ) .

У0.

.

Рис. 2.1.

.

Означення 2.7. Будемо говорити, що задача Коші (2.3), (2.11) має єдиний розв’язок, якщо $ число h>0, що на відрізку | x - x 0 | <= h визначений розв’язок y = y ( x ) такий, що y ( x 0 ) = y 0 і не існує другого розв’язку, визначеного в цьому ж інтервалі | x - x 0 | <= h і не співпадаючого з розв’язком y = y ( x ) хоча б в одній точці інтервалу | x - x 0 | <= h , відмінній від точки x = x 0 .

Якщо задача Коші (2.3), (2.11) має не один розв’язок або ж зовсім його не має, то говорять, що в точці ( x 0 , y 0 ) порушується єдиність розв’язку задачі Коші.

При постановці задачі Коші ми припускаємо, що x 0 , y 0  — обмежені числа, а диференціальне рівняння (2.3) в точці ( x 0 , y 0 ) задає деякий напрямок поля, який не паралельний осі ОУ.

Якщо права частина диференціального рівняння (2.3) в точці М приймає нескінченне значення, необхідно розглянути диференціальне рівняння (2.3) і

у.

.

знайти розв’язок x = x ( y ) (рис. 2.2).

.

М.

.

Рис. 2.2

Якщо ж в точці М права частина диференціального рівняння (2.3) має невизначеність, наприклад, типу 0 0 , тоді звичайна постановка задачі Коші не має смислу, так як через точку М не проходить жодна інтегральна крива. В цьому випадку задача Коші ставиться так: знайти розв’язок y = y ( x ) (або x = x ( y ) ), який примикає до точки М.

В деяких випадках треба шукати розв’язок y = y ( x ) , який задовольняє умовам y -> y 0 /= при x -> - y -> при x -> x 0 /= і т.д.

Теорема Пікара.ез доведення) рипустимо, що функція f ( x , y ) в диференціальному рівнянні (2.3) визначена і неперервна в обмеженій області.

D = { x , y : | x - x 0 | <= a - | y-y 0 | <= b } ( a>0, b>0 ) .

і, отже, вона є обмеженою.

| f ( x , y ) | <= M , ( x, y ) D ( M>0 ) - (2.12).

функція f ( x , y ) має обмежену частинну похідну по у на D.

| f ( x , y ) y | <= K , ( x, y ) D ( K>0 ) . (2.13).

При цих умовах задача Коші (2.3), (2.11) має єдиний неперервно-диференційовний розв’язок в інтервалі.

| x - x 0 | <= h = min { a , b M } . (2.14.

Зауваження 2.1.сформульованій теоремі умову (2.13) можна послабити (замінити) на те, щоб функція f ( x , y ) по змінній у задовольняла умові Ліпшіца, тобто.

| f ( x , y ( 1 ) ) - f ( x , y ( 2 ) ) | <= L | y ( 1 ) - y ( 2 ) | ( x, y ( 1 ) ) i ( x, y ( 2 ) ) D . (2.15).

Тут L>0 — найменша константа яка задовольняє (2.15) і називається константою Ліпшіца .

Теорема Пеано. ро існування розв’язку).кщо функція f ( x , y ) є неперервною на D, то через кожну точку ( x 0 , y 0 ) D проходить, по крайній мірі, одна інтегральна крива.

Якщо функція диференційовна і задовольняє (2.13), то вона задовольняє умові Ліпшіца, з L=K.

Функція може зодовольняти умові Ліпшіца, але не бути диференційовною і, отже, не буде задовольняти (2.13). Наприклад, y = | x | ( L=1 ) .

  1. 3.Поняття загального розв’язку, форми його запису.

На прикладах можна переконатися, що диференціальне рівняння (2.3) має нескінченну множину розв’язків, яка залежить від деякого параметру с.

y = u ( x , c ) . (2.16).

Це сімейство і називається загальним розв’язком диференціального рівняння (2.3). При кожному с (2.16) дає інтегральну криву.

Для розв’язування задачі Коші (2.3), (2.11) параметр с можна знайти з рівняння y 0 = u ( x 0 , c ) .

Дамо точне визначення загального розв’язку. Припустимо, що на D виконуються умови теореми Пікара.

Означення 2.8.ункцію.

y = ( x , c ) , (2.17).

визначену в деякій області змінних х і с, і яка має неперервну частинну похідну по х будемо називати загальним розв’язком диференціального рівняння (2.3) в області D, якщо рівняння (2.17) можна розвзати відносно с в області D.

c = ( x , y ) (2.18).

і функція (2.17) є розв’язком диференціального рівняння (2.3) при всіх значеннях довільної сталої с, які визначаються формулою (2.18) коли ( x , y ) D .

Суть означення 2.8 в наступному. Припустимо, що задано сімейство кривих F на області D, яке залежить від одного параметра С. Якщо будь-яка крива із F є інтегральною кривою диференціального рівняння (2.3) і всі криві із F в сукупності покривають D, то F є розв’язком диференціального рівняння (2.3) в області D (рис. 2.3).

Рис. 2.3

Для розв’язування задачі Коші константу С можна знайти згідно.

C 0 = ( x 0 , y 0 ) . (2.18).

Інколи в формулі (2.17) роль С грає у0, тоді говорять, що розв’язок представлений у формі Коші.

y = y ( x , x 0 , y 0 ) . (2.19).

Приклад 2.2. Знайти розв’язок диференціального рівняння.

dy dx = y x , y ( x 0 ) =y 0 .

у формі Коші. Загальний розв’язок y = Cx , 0<x< , — <y<+ . В указаній області виконуються умови теореми Пікара. Звідки.

C = y x , C 0 = y 0 x 0 , y= y 0 x 0 x  — розв’язок в формі Коші.

В більшості випадків при інтегруванні диференціального рівняння (2.3) ми отримуємо загальний розв’язок в неявній формі.

( x , y , C ) = 0 (або ( x , y ) = C ) , (2.20).

який називається загальним інтегралом диференціального рівняння (2.3).

Означення 2.9.удемо називати співвідношення (2.20) загальним розв’язком в неявній формі або загальним інтегралом в області D, якщо співвідношенням (2.20) визначається загальний розв’язок (2.17) диференціального рівняння (2.3) в області D.

З означення випливає, що (2.18) — загальний інтеграл диференціального рівняння (2.3) в області D.

Інколи при інтегруванні отримуємо сімейство інтегральних кривих, залежне від С, в параметричній формі.

x = ( t , C ) y = ( t , C ) . { (2.21).

Таке сімейство інтегральних кривих будемо називати загальним розв’язком диференціального рівняння (2.3) в параметричній формі.

Якщо в (2.21) виключити t, то отримаємо загальний розв’язок в неявній або явній формі.

  1. 4.Частинні і особливі розв’язки. Знаходження кривих, підозрілих на особливість розв’язку, по диференціальному рівнянню.

Означення 2.10.озв'язок, який складається з точок єдиності розв’язку задачі Коші називається частинним і його можна отримати з загального при фіксованому С.

Розв’язок задачі Коші, який задовольняє теоремі Пікара, є частинний розв’язок.

Означення 2.11.озв'язок, в кожній точці якого порушується єдиність розв’язку задачі Коші, будемо називати особливим.

Геометрично особливому розв’язку відповідають інтегральні криві, які не містяться в загальному розв’язку. Тому особливий розв’язок не може існувати всередині області D існування загального розв’язку. Його не можна отримати з формули загального розв’язку ні при яких числових значеннях С, включаючи ± . Його можна отримати з загального розв’язку лиш при C = C ( x ) .

Існують ні частинні ні особливі розв’язки. Їх можна отримати шляхом склеювання кусків частинних і особливих розв’язків.

y.

.

Рис. 2.4

Приклад 2.3.найти особливий розв’язок диференціального рівняння.

y ' = 2 y ,.

dy 2 y = dx , y= ( x+C ) 2 , x+C >= 0 .

Отримали загальний розв’язок в області - < x < , 0<y< , в якій виконуються умови теореми Пікара. Але розв’язком буде y = 0 , який ми отримуємо при C = - x . Він не міститься в загальному розв’язку при жодному фіксованому С. Отже, згідно означення y ( 0 ) o 0  — особливий розв’язок.

Якщо f ( x , y ) неперервна на D, то умови підозрілі на особливий розв’язок: необмеженість похідної f ( x , y ) y . Знайшовши таку криву в подальшому треба переконатися :

  1. 1) она являється інтегральною кривою;

  2. 2) еревірити, що в кожній її точці порушується єдиність розв’язку.

В прикладі 2.2.ath xmlns="http://www.w3.org/1998/Math/MathML" display="block" >fy=1y при y 0 . Поскільки y = 0  — розв’язок і через нього проходять інтегральні криві з загального розв’язку, то y 0  — особливий розв’язок.

Приклад 2.4.озглянемо диференціальне рівняння.

y ' = 2 y + 1, f y = 1 y .

при y 0 . Але y 0 не є розв’язком диференціального рівняння, тому і не є особливим розв’язком.

Припустимо, що диференціальне рівняння має однопараметричне сімейство інтегральних кривих ( x , y , C ) = 0 . Тоді, якщо це сімейство має обвідну, тобто лінію, яка в кожній точці дотикається сімейства і ні на якому участку не співпадає ні з одною кривою сімейства. Ця обвідна і буде особливим розв’язком. Дійсно через довільну її точку проходить по крайній мірі два розв’язки: обвідна і сам розв’язок.

  1. 5.Два означення інтегралу. Теореми про загальний вигляд інтегралу та залежність двох інтегралів одного диференціального рівняння.

Нехай.

y = ( x , C ) (2.22).

загальний розв’язок загального диференціального рівняння (2.3) в області D, в якій виконуються умови теореми Пікара. Тоді на D рівняння (2.22) можна розв’язати відносно С.

( x , y ) = C . (2.23).

Функція ( x , y ) приймає постійні значення на довільному частинному розв’язку з D, причому значення постійної визначається частинним розв’язком.

( x , ( x , C ) ) = C . (2.24).

Означення 2.12.ерше означення інтегралу)ункція f ( x , y ) , визначена на D і яка не зводиться до константи, називається інтегралом диференціального рівняння (2.3) в області D, якщо на довільному частинному розв’язку з D, ця функція приймає постійні значення.

Припустимо, що ( x , y )  — диференційовна функція. Тоді на довільному частинному розв’язку.

d = x dx + y dy = 0 (2.25).

або.

d = x dx + y f ( x , y ) dx = 0 (2.26).

При цьому y /= 0 на D так як в противному x = 0 . А це означає, що поле диференціального рівняння (2.3) в відповідній точці не задано.

Означення 2.13.руге означення інтегралу).ункція ( x , y ) , визначена і неперервна з частинними похідними в області D і така, що y /= 0 в області D, називається інтегралом диференціального рівняння (2.3) в області D, якщо повний її диференціал, взятий в силу диференціального рівняння (2.3), тотожньо дорівнює нулю в області D.

З (2.26) випливає, що.

d dx = x + y f ( x , y ) (2.27).

Функція, яка є інтегралом в смислі означення 2.12 буде інтегралом і в смислі означення 2.13. Навпаки не завжди так.

Якщо диференціальне рівняння (2.3) має один інтеграл, то воно має безліч інтегралів.

Теорема 2.1.ро загальний вигляд інтегралу)кщо 1 ( x , y ) інтеграл диференціального рівняння (2.3) в області D і функція 1 ( x , y ) диференційовна в D, а ( z )  — довільна функція визначена і неперервно-диференційовна в області зміни функції 1 ( x , y ) коли ( x , y ) D , то.

( x , y ) = ( 1 ( x , y ) ) (2.28).

є інтегралом диференціального рівняння (2.3) в області D.

Доведення.

x = d d 1 1 x , y = d d 1 1 y ,.

причому y /= 0 в області D. Маємо.

d = x dx + y dy = d d 1 d 1 0 (2.29).

З (2.29) випливає, що ( x , y )  — інтеграл диференціального рівняння (2.3) згідно означення.

Теорема 2.2.ро залежність двох інтегралів)ехай 1 ( x , y ) i 2 ( x , y ) два інтеграли диференціального рівняння (2.3). Тоді існує неперервно диференційовна функція F, що.

2 ( x , y ) = F ( 1 ( x , y ) ) . (2.30).

Доведення.оскільки 1 ( x , y ) i 2 ( x , y ) інтеграли, то.

1 x dx + 1 y f ( x , y ) dx dy = 0 2 x dx + 2 y f ( x , y ) dx dy = 0 { (2.31).

З (2.31) випливає, що.

| 1 x 1 y 2 x 2 y | = 0 . (2.32).

Формально (2.32) можна отримати визначаючи dy з одного рівняння системи (2.31) і підставляючи в друге рівняння. З функціонального аналізу відомо, що з умови (2.32) витікає (2.30).

Показати весь текст
Заповнити форму поточною роботою